新高考廣東省2022年高二物理普通高中聯合質量測評摸底調研試題pdf

,,,2022年廣東省新高考普通高中聯合質量測評高二摸底調研物理參考答案一、單項選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合要求的。1.D。假設山坡傾角為θ，支持力F=mgcosθ,θ變大，F變小，A錯誤；F=mgsinθ，θ變大，f=F變大，BNN錯誤；緩慢登山，動能不變，重力勢能增大，機械能變大，C錯誤；紅軍戰士緩慢登山，處于動態平衡，受重力、支持力、摩擦力，三者合力為零，D正確。2.A。電梯由靜止啟動加速下行，處于失重狀態，磁鐵與桌面最大靜摩擦力減少，當最大靜摩擦力小于條形磁鐵的引力時，磁鐵開始滑動，A正確；當電梯制動減速到1層過程，處于超重狀態，磁鐵與桌面最大靜摩擦力增大，磁鐵仍保持靜止，C錯誤；當電梯勻速運行時，磁鐵與桌面最大靜摩擦力不變，磁鐵仍保持靜止，B錯誤；磁鐵開始滑動時，應處于失重狀態，是電梯由靜止啟動加速下行時，D錯誤。3.C。聲是波，光也是波，A錯誤；聲波的波長比光波波長要長得多，容易發生衍射現象，所以它能繞過一般的障礙物而被另一側的人聽到，光波波長較短，難發生衍射現象，不能繞過障礙物，也就產生了空山不見人，但聞人語響的現象，B錯誤、C正確；光一般情況沿直線傳播，但光的波長與障礙物尺寸相當時，可發生衍射現象，D錯誤。4.B。從電壓瞬時值表達式可知輸入的交流電頻率為50Hz，則輸出端的頻率也為50Hz，A錯誤；轉動滑動觸頭P到線圈中間位置時，原副線圈匝數比為2﹕1，風扇所加電壓指有效值，由此可知風扇所加電壓為110V，B正確；觸頭P順時針旋轉時，副線圈匝數減少，輸出電壓減小，輸出電流減小，AB間輸入電流也減小，C錯誤；觸頭P順時針旋轉時，副線圈匝數減少，BC兩端的電壓（風扇電機的電壓）減小，則風扇的轉速減慢，D錯誤。l5.A。擺鐘不準是鐘擺的周期變化的原因，根據單擺周期公式T?2?，可知與擺長和重力加速度有關，g擺鐘質量沒有問題，則主要原因應該是兩地重力加速度不同，A對，BC錯誤；擺鐘走慢，是鐘擺的周期變大，D錯誤。6.D?；钊杆傧聣哼^程中，氣體體積變小，根據熱力學定律可知，外界對氣體做功，且來不及與外界熱交換，則內能增大，氣體溫度升高，則氣體壓強一定增大，A、B錯誤；溫度升高，氣體分子的平均動能增大，分子的平均速率增大，但不是所有分子的速率都增大，故C錯誤；根據氣體壓強微觀解釋，由于溫度升高，分子熱運動更加劇烈，且單位體積內分子數量增多，則單位時間內撞到筒內壁單位面積上的氣體分子數增多，D正確。2?N7.C。P、Q兩點的角速度相同?P??Q?，半徑rP?rQ?L,故線速度相同，向心加速度相同，A、t1,2?N2?NB錯誤；P點的線速度vP??P?rP?L，C正確；Q點的線速度vQ?vP?L，D錯誤。tt8.D。因平行板電容器左極板帶正電，則小球應帶負電，A錯誤；僅增大平行板電容器板間距離，由電容?s決定式C?可知電容變小，B錯誤；僅增大小球帶電量，小球所受電場力增大，由平衡條件可知夾4?kd角a增大，懸線拉力也增大，C錯誤；某時刻剪斷懸線，小球所受重力和電場力的合力仍為恒力，由靜止開始運動，故為勻加速直線運動，D正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。2vMm09.AB。由G?m，可知探測器在近月圓軌道III運行的線速度，A正確；由G?G可得月球0002RRGR0m02GR0的質量為M=，B正確；探測器從橢圓軌道II的近月點B變軌至近月軌道Ⅲ需要減速，C錯誤；探mG0測器在橢圓軌道的A點到B點，根據開普勒定律，v?v，D錯誤。AB10.CD。外殼與內芯碰撞前，當彈力小于重力，合力向下，外殼減速上升，A錯誤；外殼與內芯碰撞前，桌面對圓珠筆的作用力沒有位移，不做功，B錯誤；離開桌面后，筆只受重力作用，做勻變速直線運動，C正確；因為存在完全非彈性碰撞，能量有損失，所以圓珠筆的機械能不守恒，D正確。11.BD。毛巾摩擦PVC(塑料）管和塑料扁帶，使PVC(塑料）管塑料扁帶帶同種電荷，“章魚”與管相互排斥（減速下降也可說明），A錯誤；當“章魚”靠近PVC管時，距離減少，“章魚”與管之間的場強變大，“章魚”與管間相互作用力變大，B正確，C錯誤；靠近過程，斥力對“章魚”和管做負功，“章魚”和管的電勢能增大，D正確。12.AC。根據安培定則可知，金屬圓環所處平面的磁場方向垂直水平面向下，A正確；由金屬圓環感應電流方向可以判斷圓環所受合力與運動方向相反，圓環作減速運動，直到停止，B錯誤；根據能量守恒，圓12環動能mv全部轉化為電能，C正確；根據沖量定理?Ft?0?mv，整個過程金屬圓環受到安培力的2沖量mv，D錯誤。三、非選擇題：共4小題，共44分，考生根據題目要求作答。13.（6分）??⑴左（2分）。解析：擺線向右起擺，重力和拉力的合力方向水平向左，如右圖，說明地鐵θ正向左方向加速運動；Fma⑵gtan?（2分）。解析：由受力分析和力的平行四邊形定則，tan???，故Fmgmg2mg,a?gtan?；⑶小球球心（中心）（或細繩上某點）到懸點豎直方向的距離、水平方向的距離(2分)。解析：即能求出L水平L水平L豎直L水平tan??就可。因a?gtan??g所測物理量為和可推算出a即可。LL，豎直豎直14．（10分）⑴如圖（2分）。連接變阻器正確（1分）（滑動變阻器作為限流器，必須采用一上一下接法），連接電阻箱正確，即電阻箱與電流表G并連（1分）；⑵大（2分）。解析：阻值最大，起保護電路作用。11Rg1RgI⑶???（2分）。解析：由I?I?變形可得。0IIIRR00111Rg1⑷（2分）解析：根據（3）???aIIIR001111Rg11當?0，??a，代入???可得Rg?乙IRIIIRa00E（5）B（2分）。解析：調節電流表滿偏時，由I?可得R?20k?，所以應該選B選項。0總R總15.（12分）（1）高鐵車廂做勻減速直線運動，由運動學公式可得22?2ax?v?v0（2分）v?252km/h?70m/s代入x?1000m，v?72km/h?20m/s，02解得：a?2.25m/s（2分）（2）吊艙對接方案高鐵車廂減速進站（加速出站）時間為t，則有1v?v?at01（2分）解得:t=22.2s（1分）1停車靠站上下客方案高鐵車廂減速停車（加速出站）需要時間為t，則有2v0x??t22（1分）解得t=28.6s（1分）2?t?2t?t?2t故節省的時間為：201（2分）3,解得：?t?612.8s（1分）（若過程采用連等計算方式，結果為?t=612.7s，也給1分）16.（16分）解：qE（1）（6分）粒子進入電場后做類平拋運動，沿x軸方向的加速度a?，設粒子第一次經過y軸Q點m時的速度為v，方向與y軸方向的夾角為?，沿x軸方向的分速度為v，x312qEx軸方向：L?at（1分），vx?t（1分）22my軸方向：y0?v0t（1分）vx22tan??（1分），v?v?v0xv0聯立解得：v?2v0，y0?3L（2分）（??60?）（2）（5分）設粒子在磁場中運動軌跡剛好與邊界MN相切，如圖所示2由圖中幾何關系可得r2?r2cos60??L（1分）（解得：r2?L）32v磁場中有：qvB?m(1分)r23mv3mv0解得：B??（2分）2qLqL3mv0故磁感應強度應滿足B?（1分）qL（3）（5分）（?。┤袅Ｗ訌碾妶鰠^域射出時經過P點，如圖所示，設粒子在磁場中的軌跡半徑為r，由對稱性可得383L33L?3r3?L（1分）（r3?）332v粒子在磁場中qvB?m（1分）r36mv0解得：B?（1分）qL4,(ⅱ)若粒子從磁場區域射出時經過P點，如圖所示，設粒子在磁場中的軌跡半徑為r，由對稱性可得，483L33L?23r4?L（1分）（r4?）362v粒子在磁場中qvB?mr412mv0解得：B?（1分）qL5